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2024年3月26日发(作者:)
6. 一个带宽为6MHz的信道,假设用4种不同的状态表示数据,在不考虑热噪声的情况下
最大数据传输速率是多少?
在不考虑热噪声的理想情况下,计算信道容量的公式是奈奎斯特公式。
现已知带宽H=6MHz,码元可取的有效离散值个数N=4,
则信道的最大数据传输速率为:
C=2Hlog
2
N=2×6×10
6
×log
2
4 b/s=24Mb/s
7. 某信道带宽为3kHz,信噪比为30dB,试计算该信道的最大比特率。假设采用二进制信
号传输,则该信道的最大比特率是多少?
由信噪比=30db可知S/N=10
30/10
=1000。
现已知带宽H=3kHz,根据香农公式可知信道的最大比特率为:
C=Hlog
2
(1+S/N)=3×10
3
×log
2
(1+1000)≈30kb/s。
假设采用二进制信号传输,该信道的最大比特率为:
C=2Hlog
2
N=2×3×10
3
×log
2
2=6 kb/s。
8. 要在带宽为4kHz的信道上用4秒钟发送完20KB的数据块,按照香农公式,信道的信
噪比最小应为多少分贝?
要在带宽为4kHz的信道上用4秒钟发送完20KB的数据块,即所需的数据传输速率为
20KB/4=40kbps,由香农公式有C=Hlog
2
(1+S/N)
由H=4kHz,C≥40kbps,得S/N≥1024,因此10log
10
(S/N) ≥30dB,即信噪比最小应为
30分贝。
13. 计算T1载波线路的编码效率和开销率。假设要采用两种物理状态传输的50kb/s信道上
传输1.544Mb/s的T1载波,问信道的信噪比至少应该是多少?
在T1载波线路中,一帧包括193b。这193b按时分多路复用方式细分为24个信道,每
个信道8b,余下1b作同步位。8b中1b用来传输控制信号,7b用来传输数据信息。据此,
T1载波线路的编码效率为:
24×7/193=87%
对应地,开销率为1-0.87=13%
因为是采用两种物理状态传输数据,则从数值上来说,B=S,而B=2H,所以信道带
宽
H=B/2=S/2=25kHz。
由香农公式C=Hlog
2
(1+S/N)可知信噪比
S/N=2
C/H
-1=2
25k
-1=2-1
以分贝计算,则S/N=10log
10
(2-1)≈186dB
17. 共有四个站点进行CDMA通信,四个站点的码片序列分别为:
A:(-1 -1 -1 +1 +1 -1 +1 +1) B:(-1 -1 +1 -1 +1 +1 +1 -1)
C:(-1 +1 -1 +1 +1 +1 -1 -1) D:(-1 +1 -1 -1 -1 -1 +1 -1)
现收到码片序列〔-1 +1 -3 +1 -1 -3 +1 +1〕,问哪个站发送了数据?发送的1还是0?
设当前收到的码片序列S为〔-1 +1 -3 +1 -1 -3 +1 +1〕
1
8
1
8
则A·S=
A
i
S
i
=1 B·S=
B
i
S
i
=-1
8
i1
8
i1
1
8
1
8
C·S=
C
i
S
i
=0 D·S=
D
i
S
i
=1
8
i1
8
i1
所以站点A和D发送“1”,B发送“0”,站点C未发送数据。
x
7
+x
5
+1被生成多项式x
3
+1除,所得余数是多少?
解: x
7
+x
5
+1对应的二进制位串为10100001,x
3
+1对应的二进制位串为1001,通过多项式
除法运算,可得余数为111.〔过程略〕
8. 采用生成多项式G(X)=X
4
+X
3
+X+1为信息位1010101产生循环冗余码,加在信息位后
面形成码字,再经比特填充后从左向右发送,问发送在物理线路上的比特序列是什么?
9. 已知循环冗余码的生成多项式为 X
5
+X
4
+X+1,假设接收方收到的码字为,问传输中是
否有过失?
54
解: 生成多项式G(X)=X+X+X+1对应的代码为110011,
假设接收码字为,计算T(X)模2除G(X)的余数:
11000100
110011
110000
110011
110011
110011
00001
由算式可知余数为00001≠0,因此传输有错,所接收的码字不是正确的码字。
10. 假设信息位为1001000,要构成能纠正一位错的海明码,则至少要加上多少冗余位?写
出其监督关系表达式。
r
解:信息位长度k=7,根据表达式2≥k+r+1可知冗余位长度r=4,
所以最后构成的海明码码字长度应为n=k+r=11,
在7位信息位a
10
a
9
…a
5
a
4
后追加4位冗余位a
3
a
2
a
1
a
0
,构成11位码字a
10
a
9
…a
1
a
0
。
设置校正因子与错码位置的对应关系如下:
S
3
S
2
S
1
S
0
0000
无错
0001
a
0
0010
a
1
0100
a
2
1000
a
3
0011
a
4
0101
a
5
0110
a
6
0111
a
7
1001
a
8
1010
a
9
1011
a
10
错码位置
由上表可得监督关系式:
S
0
=a
0
⊕a
4
⊕a
5
⊕a
7
⊕a
8
⊕a
10
S
1
=a
1
⊕a
4
⊕a
6
⊕a
7
⊕a
9
⊕a
10
S
2
=a
2
⊕a
5
⊕a
6
⊕a
7
S
3
=a
3
⊕a
8
⊕a
9
⊕a
10
令S
3
S
2
S
1
S
0
=0000,即令
a
0
⊕a
4
⊕a
5
⊕a
7
⊕a
8
⊕a
10
=0
a
1
⊕a
4
⊕a
6
⊕a
7
⊕a
9
⊕a
10
=0
a
2
⊕a
5
⊕a
6
⊕a
7
=0
a
3
⊕a
8
⊕a
9
⊕a
10
=0
由此可求得各冗余位的生成表达式:
a
0
=a
4
⊕a
5
⊕a
7
⊕a
8
⊕a
10
a
1
=a
4
⊕a
6
⊕a
7
⊕a
9
⊕a
10
a
2
=a
5
⊕a
6
⊕a
7
a
3
=a
8
⊕a
9
⊕a
10
11. 假设海明码的监督关系式为:
S
0
=a
0
⊕a
3
⊕a
4
⊕a
5
S
1
=a
1
⊕a
4
⊕a
5
⊕a
6
S
2
=a
2
⊕a
3
⊕a
5
⊕a
6
接收端收到的码字为:a
6
a
5
a
4
a
3
a
2
a
1
a
0
=1010100,问在最多一位错的情况下发送端发送的
信息位是什么?
解: 将a
6
a
5
a
4
a
3
a
2
a
1
a
0
=1010100带入监督关系式可得:
S
0
=a
0
⊕a
3
⊕a
4
⊕a
5
=0⊕0⊕1⊕0=1
S
1
=a
1
⊕a
4
⊕a
5
⊕a
6
=0⊕1⊕0⊕1=0
S
2
=a
2
⊕a
3
⊕a
5
⊕a
6
=1⊕0⊕0⊕1=0
因为S
2
S
1
S
0
=001≠0,接收的码字有错,错误位置是a
0
,所以正确的码字应为1010101。
14. 50Kb/s卫星信道上,采用停等协议,帧长度为1000比特,卫星的上行和下行链路的延
迟都为125ms,不考虑误码率而且假设确认帧的处理时间可以忽略,计算该卫星信道的
利用率。
解:50Kb/s卫星信道上发送帧长度为1000比特的数据帧所需时间为1000b/50Kb/s=20ms
卫星的上行和下行链路的延迟都为125ms,因此数据帧到达接收方及确认帧返回所需时
间为2*〔125ms+125ms〕=500ms,不考虑误码率而且假设确认帧的处理时间可以忽略
的情况下,该卫星信道的利用率为20ms/(20+500)ms=3.8%
15. 一个数据传输速率为4Kb/s、单向传播时延为20ms的信道,确认帧长度和处理时间均
忽略不计,则帧长度在什么范围内,停等协议的效率可以到达50%?
解:分析停等协议的信道利用率,如以下图所示:
假设帧长度为L比特,由题可知数据传输速率B=4Kb/s,单向传播时延R为20ms,采
用停等协议进行数据帧的传输,确认帧长度和处理时间均忽略不计,假设使效率到达
50%,即
L
/
B
50%
L
/
B
2
R
代入L、B和R,可得L≥160b。
16. 使用回退n帧协议在3000km长的的T1干线上发送64字节的帧,假设信号传播速度是
6µs/km,问帧的顺序号应是多少位?
解: 在信号传播速度为6µs/km、3000km长的信道上传输数据,传输延迟为:
6×3000=18000µs
1.544Mb/s的T1干线每秒传输8000个193b的数据帧,每帧有24×8b的数据和1b的
-6
同步比特,因此实际用于数据传输的带宽为1.544-8000×10=1.536Mb/s。那么,发送一
个64B的数据帧所需的发送时间为:
64×8/1.536=333µs
假设确认帧的发送时间很短,可以忽略不计,则一个数据帧自发送到确认帧返回发送方
所需时间为:
333+18000+18000=36333µs
假设发送方在等待第一帧确认期间一直发送数据帧,则可以发送36333/333≈110帧。
对110帧编号,则需要7位帧序号。
17. 重负荷的50Kb/s卫星信道上,用选择重传协议发送含40比特帧头和3960比特数据的
帧。假定无确认帧,NAK帧为40比特,数据帧的出错率为1%,NAK帧的出错率可
忽略不计,顺序号是7位,问由于帧头和过失重发而浪费的信道带宽占百分之几?
解:在50kb/s的卫星信道上发送帧长为40+3960=4000b的数据帧,所需发送时间为:
4000/50k=80ms
这样,从t=0时刻开始发送,在t=80ms时发送方发送一帧完毕。已知卫星信道延迟
为270ms,因此,在t=80+270=350ms时数据帧到达接收方。因为没有确认帧,可以采用
捎带应答方式进行确认。所以,在t=350+80=430ms时,带有反向捎带应答的数据帧从接
收方发向发送方,该帧在t=430+270=700ms时到达发送方。一帧的传输周期为700ms。
7-1
帧序号长度为7位,因此窗口大小最大可达2=64。连续发送64个数据帧所需时间
64×80=5120ms,远大于一个帧的传输周期700ms。这意味着64的窗口大小足以令信道始
终保持繁忙,所以总开销可以由单个数据帧的开销得到。
数据帧的出错率为1%,对于帧长为4000b的数据帧来说,平均重传长度为4000×1%
=40b,传送NAK的平均长度为40×1%=0.4b。所以,传输3960b数据带来的附加开销为
40+40+0.4=80.4b。因此,帧头和过失重发的开销占总带宽的比例为:
80.4/(3960+80.4)≈2%
18. 一个1Mb/s的卫星信道上发送1000bit长的帧。信号在信道中端到端传输延迟是270ms,
假定ACK帧很短,占用信道的时间忽略不计,并且使用3位的帧序号。对以下协议而
言,计算卫星信道可能到达的最大信道利用率。
(a)停-等协议;(b)回退N协议;(c)选择重传协议
解:三种协议的窗口大小值分别是1,7和4.
以1Mb/s发送,1000bit长的帧的发送时间是1ms.
我们用t = 0表示传输开始时间,那么在t = 1ms时,第一帧发送完毕. t = 271ms,第一
帧完全到达接收方. t = 54111ms内可以发送k个帧,(每个帧发送用1ms时间),则信道
的利用率是k/541,
因此:
(a)k = 1,最大信道利用率 = 1/541 = 0.18%
(b)k = 7,最大信道利用率 = 7/541 = 1.29%〔1分〕
(c)k = 4,最大信道利用率 = 4/541 = 0.74%〔1分〕
一个如图4-42所示的子网。采用距离矢量路由选择算法,如下向量进入路由器C:来自B
的〔5,0,8,12,6,2〕;来自D的〔16,12,6,0,9,10〕;来自E的〔7,6,3,9,0,4〕。到B、D和
E的延迟分别是6、3和5。C的新路由选择表是什么样的?给出采用的输出线路和预计
延迟。
图4-42
解:通过B给出 (11,6,14,18,12,8)
通过D给出 (19,15,9,3,12,13)
通过E给出 (12,11,8,14,5,9)
取到达每一个目的地的最小值得:
(11,6,0,3,5,8)
输出线路是:(B,B,-,D,E,B)
数据报子网允许路由器在必要时扔掉分组。一个路由器扔掉分组的概率为P。考虑一源端主
机连接到源端路由器,源端路由器又连到目的端路由器,它又连接到目的主机。如果其
中一个路由器扔掉一个分组,源端主机最后会超时,并重传该分组。如果主机到路由器
及路由器到路由器的线路都算作一个站段,那么:
〔1〕一个分组在每次传输中所经过的平均站段数是多少?
〔2〕一个分组平均传输次数是多少?
〔3〕每次收到的分组所需的平均站段数为多少?
解:由源主机发送的分组可能行走1个站段、2个站段或3个站段。
走1个站段的概率是p,走2个站段的概率是p(1-p),走3个站段的概率是(1-p)
2
,
那么,一个分组平均通路长度的期望值:
L=1×p+2p(1-p)+3(1-p)
2
=p
2
-3p+3
即每次发送一个分组行走的平均站段数是p
2
-3p+3。
一次发送成功(走完整个通路)的概率等于(1-p)
2
,令a=(1-p)
2
,两次发射成功的概率
等于(1-a)a,三次发射成功的概率等于(1-a)
2
a,……
因此,一个分组平均发送次数为:
T=a+2a(1-a)+3a(1-a)
2
+…=[a/(1-a)][(1-a)+2(1-a)
2
+3(1-a)
3
+…]
因为
kq
k1
k
q
2
(1q)
所以
T
a1a11
1a
[1(1a)]
2
a
(1p)
2
即一个分组平均做1/(1-p)
2
次发送。最后,每个接收到的分组行走的平均站段数为:
H=L×T=(p
2
-3p+3)/(1-p)
2
10. 一个6Mb/s的网络中有一台由令牌桶算法控制的电脑。令牌桶以1Mb/s的速率注入,
其容量为8Mb,最初令牌桶是满的。问该电脑能以6Mb/s的速率全速传送多长时间?
解:应用公式S=C/(M-P),其中S表示以秒计量的突发时间长度,M表示以每秒字节计量
的最大输出速率,C表示以字节计量的桶的容量,P表示以每秒字节计量的令牌到达速率。
用C=8×10
6
/8=10
6
,M=6×10
6
/8,P=1×10
6
/8代入公式得到
10
6
S1.6(s)
610
6
8110
6
8
所以,
11. IP地址分为几类?各如何表示?
答:在分类IP地址中,将IP地址共分为五类,分别是A类、B类、C类、D类和E类。不
同类别的IP地址,网络号和主机号这两部分的长度是不同的,如以下图所示。
12. 在分类IP地址空间中,试分别计算A类、B类和C类IP地址所包含的网络数量及每
个网络中包含的主机数量。
答:如表所示:
网络类别 可用网络数目
7
第一个可用的网络
号
最后一个可用的网
络号
126
每个网络中可容纳主机数
量
16,777,214〔2-2〕
65,534〔2-2〕
254〔2-2〕
8
16
24
A类网络
B类网络
C类网络
126 (2 – 2)
16,383(2 1)
2,097,151 (2 1)
21
14
1
13. 子网掩码有什么作用?A类、B类、C类IP地址的子网掩码各是什么?
答:在一个网络中引入子网,就是将主机号进一步划分成子网号和主机号,通过灵活定义子
网号的位数,就可以控制每个子网的规模。传统的网络号-主机号两级IP地址空间变成网络
号-子网号-主机号三级IP地址空间,为了判断IP地址所属的网络,需要用到子网掩码。
在传统的分类IP地址空间中,A、B、C类IP地址对应的子网掩码分别是
255.0.0.0、255.255.0.0和255.255.255.0。
14. 将一个A类地址空间划分为如下数目的子网,试计算所需的子网号比特数、对应的子
网掩码及每个子网包含的主机数。
〔1〕 2 〔2〕 6 〔3〕 510
答:(1) 由于要划分成2个子网,需要扩展1位(2
1
=2)主机号作为子网号,此时子网掩码由
原来的255.0.0.0变为255.128.0.0,即11111111 10000000 00000000 00000000,包含的主机
数为2
23
-2=8388606;
(2) 由于要划分成6个子网,需要扩展3位(2
3
=8>6)主机号作为子网号,此时子网掩码
由原来的255.0.0.0变为255.224.0.0,即11111111 11100000 00000000 00000000,包含的主
机数为2
21
-2=2097150;
(3) 由于要划分成510个子网,需要扩展9位(2
9
=512>510)主机号作为子网号,此时子
网掩码由原来的255.0.0.0变为255.255.128.0,即11111111 11111111 10000000 00000000,
包含的主机数为2
15
-2=32766。
15. 在一个B类地址空间中,如果其子网掩码分别如下,试计算其子网号比特长度、可划
分的子网数及每个子网包含的主机数。
答:(1) 将255.255.240.0变为二进制形式:11111111 11111111 11110000 00000000
由B类地址空间的结构可知:子网号比特长度为4位,所以可划分的子网数为2
4
=16,
包含的主机数为2
12
-2=4094;
(2) 将255.255.255.0变为二进制形式:11111111 11111111 11111111 00000000
由B类地址空间的结构可知:子网号比特长度为8位,所以可划分的子网数为2
8
=256,
包含的主机数为2
8
-2=254;
(3) 将255.255.255.248变为二进制形式:11111111 11111111 11111111 11111000
由B类地址空间的结构可知:子网号比特长度为13位,所以可划分的子网数为2
13
=8192,
包含的主机数为2
3
-2=6。
16. 解释网络地址、32位全0的地址以及网络号全0的地址的含义。
答:网络地址是网络号不为0但主机号为0的IP地址,用来标记一个对应的网络。
32位全0的地址代表默认路由地址。
网络号是全0,该地址是本网络上的特定主机地址。路由器收到目的地址是此类地址的
IP报文时不会向外转发该分组,而是直接交付给本网络中的特定主机号的主机。
17. 直接广播地址和受限广播地址的区别是什么?
答:目的地址为直接广播地址的IP报文将被发送到特定网络中的所有主机。
目的地址为受限广播地址的IP报文将被发送到本物理网络中的所有主机。路由器阻挡
该报文通过,将其广播功能只限制在本网内部。
18. 有两个CIDR地址块205.128/11和205.130.28/22,试判断二者是不是有包含关系。如果
有,请指出并说明原因。
答:将两个地址块转换为二进制形式得:
11001101 10000000 00000000 00000000 (205.128/11)
11001101 10000010 00011100 00000000 (205.130.28/22)
由两者的地址结构可以看出,205.128/11包含205.130.28/22的地址空间。
19. 有如下的4个地址块:212.206.132.0/24、212.206.133.0/24、212.206.134.0/24、
212.206.135.0/24,试进行最大可能的聚合,并写出其对应的掩码。
解:将4个/24地址块变为二进制形式有:
11001010 11001110 10000100 00000000 (202.206.132.0/24)
11001010 11001110 10000101 00000000 (202.206.133.0/24)
11001010 11001110 10000110 00000000 (202.206.134.0/24)
11001010 11001110 10000111 00000000 (202.206.135.0/24)
将上面4个地址块聚合为一个地址块,得到
11001010 11001110 10000100 00000000 (202.206.132.0/22),
20. 以下地址中的哪一个和86.32/12匹配?说明理由。
答:分别写出四个地址对应的二进制形式,假设其前12位二进制串与86.32/12的二进制形
式的前12位相同,则该地址和86.32/12匹配。因此〔1〕86.33.224.123和86.32/12匹
配。
21. 某单位分配到一个地址块136.23.16.64/26,现在需要进一步划分为4个一样大的子网,
答复以下问题:
(1)每个子网的网络前缀有多长?
(2)每一个子网中有多少个地址?
(3)每一个子网的地址块是什么?
(4)每一个子网可分配给主机使用的最小地址和最大地址分别是什么?
答:〔1〕每个子网前缀为28位。
〔2〕每个子网中有16个地址。
〔3〕四个子网的地址块分别是:
37. 设路由器R
1
有如下所示的路由表:
目的网络
*〔默认〕
子网掩码
接口0
接口1
R2
R3
R4
下一个路由器地址
R
1
可以直接从接口0和接口1转发IP报文,也可以通过相邻的路由器R
2
、R
3
和R
4
进
行转发。现有5个IP报文,其目的IP地址分别为:
试分别计算R
1
转发这些报文的下一个路由器地址。
答:(1) 此IP地址属于网络128.96.39.0,其下一路由器地址为接口0;
(2) 此IP地址属于网络128.96.40.0,其下一路由器地址为R2;
(3) 此IP地址属于网络128.96.40.0,其下一路由器地址为R2;
(4) 此IP地址属于网络192.4.153.0,其下一路由器地址为R3;
(5) 此IP地址属于网络192.4.153.0,其下一路由器地址为R3。
38. 某公司网络拓扑图如图4-43所示,路由器R
1
通过接口E
1
、E
2
分别连接局域网1、局域
网2,通过接口L
0
连接路由器R
2
,并通过路由器R
2
连接域名服务器与互联网。R
1
的
L
0
接口的IP地址是202.118.2.1;R
2
的L
0
接口的IP地址是202.118.2.2,L
1
接口的IP地
址是130.11.120.1,E
0
接口的IP地址是202.118.3.1;域名服务器的IP地址是202.118.3.2。
路由器R1和R2的路由表结构为:
目的网络IP地址 子网掩码 下一跳IP地址 接口
(1) 将IP地址空间202.118.1.0/24划分为两个子网,分配给局域网1、局域网2,每个局
域网分配的地址数不少于120个,请给出子网划分结果,说明理由或给出必要的计算过
程。
(2) 请给出R1的路由表,使其明确包括到局域网1的路由、局域网2的路由、域名服
务器的主机路由和互联网的路由。
(3) 请采用路由聚合技术,给出R2到局域网1和局域网2的路由。
图4-43 某公司网络拓扑图
解:
〔1〕考虑到每个局域网要120台主机,则IP地址中主机号部分需要7位才能满足需要
7
〔2-2=126>120〕,也就是说网络前缀部分为25位。
所以可以按照如下方案划分:
局域网1:/25
局域网2:202.118
〔2〕根据上面的数据,可以很简单的得出R1的路由表为:
目标IP
/25
202.118
默认路由
子网掩码
下一跳IP
直接连接
直接连接
转发接口
E
1
E
2
L
0
L
0
〔3〕根据上面的数据,R2到局域网1和局域网2的路由为:
目标IP
/24
子网掩码
255.255.255.0
下一跳IP
转发接口
L
0
传输连接的建立和释放为什么采用三次握手协议?使用两次握手建立连接会产生死锁吗?
试举例说明。
答: 三次握手完成两个重要功能,既要双方做好发送数据的准备工作,也要允许双方就初
始序列号进行协商,这个序列号在握手过程中被发送与确认。
假设把三次握手改成仅需两次握手,死锁是可能发生的。
例如,考虑电脑A和B之间的通信。假定B和A发送一个连接请求分组,A收到了这个分组,
并发送了确认应答分组。按照两次握手的协定,A认为连接已经成功的建立了,可以开始发
送数据分组。可是B在A的应答分组在传输中被丧失的情况下,将不知道A是否已准备好,
不知道A建议什么样的序列号用于A到B的交通,也不知道A是否同意B所建议的用于B
到A交通的序列号,B甚至疑心A是否收到自己的连接请求分组。在这种情况下,B认为连
接还未建立成功,将忽略A发来的任何数据分组,只等待接收连接确认应答分组。而A在发
出的分组超时后,重复发送同样的分组。这样就形成了死锁。
15. 一个TCP连接总是以1KB的最大段发送TCP段,发送方有足够多的数据要发送,当拥
塞窗口为16KB时发生了超时,如果接下来的4个RTT时间内的TCP段的传输都是成
功的,那么当第4个RTT时间内发送的所有TCP段都得到肯定应答时,拥塞窗口值为
多少?
答:略
16. 在一个TCP连接中,TCP的拥塞窗口大小与传输周期的关系如下所示:
拥塞
窗口
传输
周期
拥塞
窗口
传输
周期
14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26
40 41 42 21 22 23 24 25 26 1 2 4 8
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13
1 2 4 8 16 32 33 34 35 36 37 38 39
请答复以下问题。
〔1〕画出拥塞窗口与传输周期的关系曲线。
〔2〕指出TCP工作在慢启动阶段的时间间隔。
〔3〕指出TCP工作在拥塞防止阶段的时间间隔。
〔4〕在第16个传输周期之后,检测出报文段的丧失是根据三个重复确认还是根据超时?
〔5〕在第1个、18个和24个传输周期里,拥塞防止阈值分别被设置为多大?
〔6〕第70个报文段在哪一个传输周期内发送?
〔7〕假定在第26个传输周期后,收到3个重复确实认而检测到有分组丧失,那么拥塞
窗口和拥塞防止阈值分别被设置为多大?
答:〔1〕如图,横坐标为传输周期,纵坐标为拥塞窗口。
45
40
35
30
25
20
15
10
5
0
17181926
〔2〕慢启动阶段的时间间隔:[1,6]和[23,26]
〔3〕拥塞防止阶段的时间间隔:[6,16]和[17,22]
〔4〕根据三个重复确认
〔5〕32、21、21
〔6〕第7个传输周期内
〔7〕拥塞窗口为4,拥塞防止阈值为4
假定网络中的路由器B的路由表有如下的项目〔这三列分别表示“目的网络”、“距离”和
“下一跳路由器”〕
N1 7 A
N2 2 C
N6 8 F
N8 4 E
N9 4 D
现在收到从C发来的路由信息〔这两列分别表示“目的网络”和“距离” 〕:
N2 7
N3 2
N4 8
N8 2
N7 4
试求出路由器B更新后的路由表。并说明理由
有个公司有个C类地址 192.168.4.0-192.168.4.255 0和255算的
A部门有电脑 30台
B部门有电脑 85台
C部门有电脑 20台
D部门有电脑 40台
请划分4个子网 求出A.B.C.D的IP 和子网掩码?
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