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2024年5月31日发(作者:)
2021年中考数学模拟试题(5)
一、选择题:本大题共10个小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只
有一项是符合题目要求的.
1.2020的相反数是( )
A.﹣2020 B.2020 C. D.﹣
2.一双没有洗过的手,带有各种细菌约75000万个,75000万用科学记数法表示为( )
A.7.5×10
4
B.7.5×10
5
C.7.5×10
8
D.7.5×10
9
3.如图,由几个小正方体组成的立体图形的左视图是( )
A. B. C. D.
4.某校九年级(1)班50名学生中有20名团员,他们都积极报名参加学校开展的“文明劝
导活动”.根据要求,该班从团员中随机抽取1名参加,则该班团员京京被抽到的概率是
( )
A. B. C. D.
5.下面是一位同学做的四道题①(a+b)
2
=a
2
+b
2
,②(2a
2
)
2
=﹣4a
4
,③a
5
÷a
3
=a
2
,
④a
3
•a
4
=a
12
.其中做对的一道题的序号是( )
A.① B.② C.③ D.④
6.如图,一个函数的图象由射线BA、线段BC、射线CD组成,其中点A(﹣1,2),B(1,
3),C(2,1),D(6,5),则此函数( )
A.当x<1时,y随x的增大而增大
B.当x<1时,y随x的增大而减小
C.当x>1时,y随x的增大而增大
D.当x>1时,y随x的增大而减小
7.如图所示,矩形纸片ABCD中,AD=6cm,把它分割成正方形纸片ABFE和矩形纸片EFCD
后,分别裁出扇形ABF和半径最大的圆,恰好能作为一个圆锥的侧面和底面,则AB的
长为( )
A.3.5cm B.4cm C.4.5cm D.5cm
8.如图,半径为5的⊙P与y轴相交于M(0,﹣4),N(0,﹣10)两点,则圆心P的坐
标为( )
A.(5,﹣4) B.(4,﹣5) C.(4,﹣7) D.(5,﹣7)
9.超市有一种“喜之郎”果冻礼盒,内装两个上下倒置的果冻,果冻高为4cm,底面是个
直径为6cm的圆,横截面可以近似地看作一个抛物线,为了节省成本,包装应尽可能的
小,那么要制作这样一个包装盒至少纸板( )平方厘米.(不计重合部分)
A.253 B.288 C.206 D.245
10.已知A地在B地的西方,且有一以A、B两地为端点的东西向直线道路,其全长为400
公里,今在此道路上距离A地12公里处设置第一个广告牌,之后每往东27公里就设置
一个广告牌,如图所示.若某车从此道路上距离A地19公里处出发,往东直行320公里
后才停止,则此车在停止前经过的最后一个广告牌距离A地多少公里?( )
A.309 B.316 C.336 D.339
二、填空题(本题有6小题,每题5分,满分30分,将答案填在答题纸上)
11.因式分解:4x
2
﹣y
2
= .
12.不等式>x的解集为 .
13.如图,⊙O的半径为1,四边形ABCD内接于⊙O,连接OB,OD,若∠BOD=∠BCD,
则的长为 .
14.如图,平面直角坐标系中有正方形ABCD和正方形EFGH,若点A和点E的坐标分别
为(﹣2,3),(1,﹣1),则两个正方形的位似中心的坐标是 .
15.如图,在平面直角坐标系中,菱形ABOC的顶点O在坐标原点,边BO在x轴的负半
轴上,cos∠BOC=,顶点C的坐标为(a,4),反比例函数y=的图象与菱形对角线
AO交于D点,连接BD,当BD⊥x轴时,k的值是 .
16.如图,在Rt△ABC中,∠C=90°,∠B=30°,AC=4,BC=,点D是BC的中
点,点E是边AB上一动点,沿DE所在直线把△BDE翻折到△B'DE的位置,B'D交AB
于点F.若△AB'F为直角三角形,则AE的长为 .
三、解答题(本题有8小题,第17-20题各8分,第21题10分,第22-23题各12分,第
24题14分,共80分)
17.(1)计算:2tan60°﹣
(2)解方程:
﹣(
=2.
﹣2)
0
+()
1
;
﹣
18.《如果想毁掉一个孩子,就给他一部手机!》这是微信圈一篇热传的文章.国际上,法国
教育部宣布从新学期起小学和初中禁止学生使用手机.为了解学生手机使用情况,某学
校开展了“手机伴我健康行”主题活动,他们随机抽取部分学生进行“使用手机目的”
和“每周使用手机的时间”的问卷调查,并绘制成如图①,②的统计图,已知“查资料”
的人数是40人.
请你根据以上信息解答下列问题:
(1)在扇形统计图中,“玩游戏”对应的百分比为 ,圆心角度数是 度;
(2)补全条形统计图;
(3)该校共有学生2100人,估计每周使用手机时间在2小时以上(不含2小时)的人
数.
19.一辆汽车行驶时的耗油量为0.1升/千米,如图是油箱剩余油量y(升)关于加满油后已
行驶的路程x(千米)的函数图象.
(1)根据图象,直接写出汽车行驶400千米时,油箱内的剩余油量,并计算加满油时油
箱的油量;
(2)求y关于x的函数关系式,并计算该汽车在剩余油量5升时,已行驶的路程.
20.目前,各大城市都在积极推进公共自行车建设,努力为人们绿色出行带来方便.图(1)
所示的是一辆自行车的实物图.图(2)是自行车的车架示意图.CE=30cm,DE=20cm,
AD=25cm,DE⊥AC于点E,座杆CF的长为15cm,点A,E,C,F在同一直线上,且
∠CAB=75°,公共自行车车轮的半径约为30cm,且AB与地面平行.
(1)求车架中AE的长;
(2)求车座点F到地面的距离.(结果精确到1cm.参考数据:sin75°≈0.97,cos75°
≈0.26,tan75°≈3.73)
21.在Rt△ABC中,∠B=90°,CE平分∠BCA交AB于点E,在AC上取一点O,以OC
为半径的圆恰好经过点E,且分别交AC,BC于点D,F,连结DE,EF.
(1)求证:AB是⊙O的切线;
(2)若AD=2,OC=3;
①求△AEC的面积;
②求EF的长.
22.如图,AB∥CD,AB=5cm,AC=4cm,线段AC上有一动点E,连接BE,ED,∠BED
=∠A=60°,设A,E两点间的距离为xcm,C,D两点间的距离为ycm.
小明根据学习函数的经验,对函数y随自变量x的变化而变化的规律进行了探究.下面
是小明的探究过程,请补充完整.
(1)列表:如表的已知数据是根据A,E两点间的距离x进行取点、画图、测量,分别
得到了x与y的几组对应值:
x/cm
y/cm
0
0
0.5
0.39
1
0.75
1.5
1.07
2
1.33
2.3
1.45
2.5
x/cm
y/cm
2.8
1.53
3.2
1.42
3.5
1.17
3.6
1.03
3.8
0.63
3.9
0.35
请你补全表格;
(2)描点、连线:在平面直角坐标系xOy中,描出表中各组数值所对应的点(x,y),
并画出函数y关于x的图象;
(3)探究性质:随着自变量x的不断增大,函数y的变化趋势: ;
(4)解决问题:当AE=2CD时,CD的长度大约是 cm.
23.如图,OF是∠MON的平分线,点A在射线OM上,P,Q是直线ON上的两动点,点
Q在点P的右侧,且PQ=OA,作线段OQ的垂直平分线,分别交直线OF、ON于点B、
点C,连接AB、PB.
(1)如图1,当P、Q两点都在射线ON上时,请直接写出线段AB与PB的数量关系;
(2)如图2,当P、Q两点都在射线ON的反向延长线上时,线段AB,PB是否还存在
(1)中的数量关系?若存在,请写出证明过程;若不存在,请说明理由;
(3)如图3,∠MON=60°,连接AP,设=k,当P和Q两点都在射线ON上移动
时,k是否存在最小值?若存在,请直接写出k的最小值;若不存在,请说明理由.
24.如图1,在平面直角坐标系中,正方形OABC的边长为6,点A、C分别在x、y正半轴
上,点B在第一象限.点P是x正半轴上的一动点,且OP=t,连结PC,将线段PC绕
点P顺时针旋转90度至PQ,连结CQ,取CQ中点M.
(1)当t=2时,求Q与M的坐标;
(2)如图2,连结AM,以AM、AP为邻边构造平行四边形APNM.记平行四边形APNM
的面积为S.
①用含t的代数式表示S(0<t<6).
②当N落在△CPQ的直角边上时,求∠CPA的度数;
(3)在(2)的条件下,连结AQ,记△AMQ的面积为S',若S=S',则t= (直
接写出答案).
2020年浙江省绍兴市柯桥区联盟学校中考数学模拟试卷(6月
份)
参考答案与试题解析
一.选择题(共10小题)
1.2020的相反数是( )
A.﹣2020 B.2020 C. D.﹣
【分析】根据a的相反数是﹣a,可直接得结论.
【解答】解:2020的相反数是﹣2020.
故选:A.
2.一双没有洗过的手,带有各种细菌约75000万个,75000万用科学记数法表示为( )
A.7.5×10
4
B.7.5×10
5
C.7.5×10
8
D.7.5×10
9
【分析】科学记数法的表示形式为a×10
n
的形式,其中1≤|a|<10,n为整数.确定n
的值时,要看把原数变成a时,小数点移动了多少位,n的绝对值与小数点移动的位数相
同.当原数绝对值>10时,n是正数;当原数的绝对值<1时,n是负数.
【解答】解:75000万=750000000=7.5×10
8
吨.
故选:C.
3.如图,由几个小正方体组成的立体图形的左视图是( )
A. B. C. D.
【分析】找到从左面看所得到的图形即可,注意所有的看到的棱都应表现在三视图中.
【解答】解:从物体左面看,左边2列,右边是1列.
故选:A.
4.某校九年级(1)班50名学生中有20名团员,他们都积极报名参加学校开展的“文明劝
导活动”.根据要求,该班从团员中随机抽取1名参加,则该班团员京京被抽到的概率是
( )
A. B. C. D.
【分析】让1除以团员总数即为该班团员京京被抽到的概率.
【解答】解:全部是20名团员,抽取1名,所以被抽到的概率是.故选C.
5.下面是一位同学做的四道题①(a+b)
2
=a
2
+b
2
,②(2a
2
)
2
=﹣4a
4
,③a
5
÷a
3
=a
2
,
④a
3
•a
4
=a
12
.其中做对的一道题的序号是( )
A.① B.② C.③ D.④
【分析】根据完全平方公式、积的乘方、同底数幂的除法和乘法判断即可.
【解答】解:①(a+b)
2
=a
2
+2ab+b
2
,原式错误;
②(2a
2
)
2
=4a
4
,原式错误;
③a
5
÷a
3
=a
2
,原式正确;
④a
3
•a
4
=a
7
.原式错误;
故选:C.
6.如图,一个函数的图象由射线BA、线段BC、射线CD组成,其中点A(﹣1,2),B(1,
3),C(2,1),D(6,5),则此函数( )
A.当x<1时,y随x的增大而增大
B.当x<1时,y随x的增大而减小
C.当x>1时,y随x的增大而增大
D.当x>1时,y随x的增大而减小
【分析】根据函数图象和题目中的条件,可以写出各段中函数图象的变化情况,从而可
以解答本题.
【解答】解:由函数图象可得,
当x<1时,y随x的增大而增大,故选项A正确,选项B错误,
当1<x<2时,y随x的增大而减小,当x>2时,y随x的增大而增大,故选项C、D错
误,
故选:A.
7.如图所示,矩形纸片ABCD中,AD=6cm,把它分割成正方形纸片ABFE和矩形纸片EFCD
后,分别裁出扇形ABF和半径最大的圆,恰好能作为一个圆锥的侧面和底面,则AB的
长为( )
A.3.5cm B.4cm C.4.5cm D.5cm
【分析】设AB=xcm,则DE=(6﹣x)cm,根据扇形的弧长等于圆锥底面圆的周长列
出方程,求解即可.
【解答】解:设AB=xcm,则DE=(6﹣x)cm,
根据题意,得
解得x=4.
故选:B.
8.如图,半径为5的⊙P与y轴相交于M(0,﹣4),N(0,﹣10)两点,则圆心P的坐
标为( )
=π(6﹣x),
A.(5,﹣4) B.(4,﹣5) C.(4,﹣7) D.(5,﹣7)
【分析】由M(0,﹣4),N(0,﹣10),即可得MN的值,然后连接PM,过点P作PE
⊥MN于E,根据垂径定理可得ME的值,然后由勾股定理,即可求得PE的值,则可得
圆心P的坐标.
【解答】解:∵M(0,﹣4),N(0,﹣10),
∴MN=6,
连接PM,过点P作PE⊥MN于E,
∴ME=NE=MN=3,
∴OE=OM+EM=4+3=7,
在Rt△PEM,PE===4,
∴圆心P的坐标为(4,﹣7).
故选:C.
9.超市有一种“喜之郎”果冻礼盒,内装两个上下倒置的果冻,果冻高为4cm,底面是个
直径为6cm的圆,横截面可以近似地看作一个抛物线,为了节省成本,包装应尽可能的
小,那么要制作这样一个包装盒至少纸板( )平方厘米.(不计重合部分)
A.253 B.288 C.206 D.245
【分析】图,“喜之郎”果冻礼盒是一长方体.2个底面为矩形A′B′C′D′(如图3),
2个侧面为矩形ABCD(如图2),2个侧面是以AB为高,AE为底的矩形.
【解答】解:建立如图(2)所示的平面直角坐标系,过切点K作KH⊥OC于点H.
依题意知 K(x,2).
易求开口向上抛物线的解析式:y=x
2
,
所以 2=x
2
,
解得 x=
∴OH=HG=
或x=﹣
,
++3=6+3,
(舍去),
∴BC=BO+OH+HG+GC=3+
∴S
矩形
ABCD
=AB•BC=4×(6+3)=24+12(平方厘米).
如图3,S
矩形
A
′
B
′
C
′
D
′
=6BC=6×(6+3)(平方厘米).
(平方厘米).
≈253(平方厘米).
所以,2S
矩形
ABCD
+2S
矩形
A
′
B
′
C
′
D
′
+2AB•AE=178+80
2×(24+12
故选:A.
)+2×(36+18)+2×4×6=168+60
10.已知A地在B地的西方,且有一以A、B两地为端点的东西向直线道路,其全长为400
公里,今在此道路上距离A地12公里处设置第一个广告牌,之后每往东27公里就设置
一个广告牌,如图所示.若某车从此道路上距离A地19公里处出发,往东直行320公里
后才停止,则此车在停止前经过的最后一个广告牌距离A地多少公里?( )
A.309 B.316 C.336 D.339
【分析】由于在此道路上距离A地12公里处设置第一个广告牌,之后每往东27公里就
设置一个广告牌,所以第n个广告牌距离A地12+27(n﹣1),设此车停止时前面有x个
广告牌,根据题意列出不等式12+27(x﹣1)≤320+19,将不等式的最大整数解代入12+27
(x﹣1),计算即可.
【解答】解:设此车停止时前面有x个广告牌,根据题意得
12+27(x﹣1)≤320+19,
x≤13,
即此车停止时前面有13个广告牌,并且超过第13个广告牌3公里,
所以此车在停止前经过的最后一个广告牌距离A地320+19﹣3=336公里,
故选:C.
二.填空题(共6小题)
11.因式分解:4x
2
﹣y
2
= (2x+y)(2x﹣y) .
【分析】原式利用平方差公式分解即可.
【解答】解:原式=(2x+y)(2x﹣y),
故答案为:(2x+y)(2x﹣y)
12.不等式>x的解集为 x<1 .
【分析】根据解一元一次不等式基本步骤:去分母、移项、合并同类项、系数化为1可
得.
【解答】解:去分母,得:3﹣x>2x,
移项,得:﹣x﹣2x>﹣3,
合并同类项,得:﹣3x>﹣3,
系数化为1,得:x<1,
故答案为:x<1.
13.如图,⊙O的半径为1,四边形ABCD内接于⊙O,连接OB,OD,若∠BOD=∠BCD,
则的长为 π .
【分析】根据圆周角定理、圆内接四边形的性质求出∠BOD,根据弧长公式计算,得到
答案.
【解答】解:由圆周角定理得,2∠BAD=∠BOD,
∵四边形ABCD是⊙O的内接四边形,
∴∠BCD=180°﹣∠BAD,
∴180°﹣∠BAD=2∠BAD,
解得,∠BAD=60°,
∴∠BOD=2∠BAD=120°,
∴的长==π,
故答案为:π.
14.如图,平面直角坐标系中有正方形ABCD和正方形EFGH,若点A和点E的坐标分别
为(﹣2,3),(1,﹣1),则两个正方形的位似中心的坐标是 (,0)或(4,﹣) .
【分析】分两种情况讨论,一种是点A和E是对应顶点,B和F是对应顶点;另一种是
点A和G是对应顶点,C和E是对应顶点.
【解答】解:(1)当点A和E是对应顶点,B和F是对应顶点时,位似中心就是AE与
BF的交点,
如图所示:连接AE,交x轴于点N,
点N即为两个正方形的位似中心,
∵点A和点E的坐标分别为(﹣2,3),(1,﹣1),
∴AB=3,EF=1,BF=1﹣(﹣2)=3,
∵AB∥EF,
∴△ABN∽△EFN,
∴=,
, ∴=
解得:BN=,
∴ON=﹣2=,
∴两个正方形的位似中心的坐标是:(,0).
(2)当点A和G是对应顶点,C和E是对应顶点时,位似中心就是AG与CE的交点,
如图所示:连接AG,DF,BH,CE并延长交于点M,
设AG所在直线解析式为:y=kx+b,把A(﹣2,3),G(2,0)代入得:
故,
解得:,
故y=﹣x+;
设BH所在直线解析式为:y=mx+n,把B(﹣2,0),H(2,﹣1)代入得:
,
故y=﹣x﹣,
,
解得:,
故M(4,﹣),
综上所述:两个正方形的位似中心的坐标是:(,0)或(4,﹣).
故答案为:(,0)或(4,﹣).
15.如图,在平面直角坐标系中,菱形ABOC的顶点O在坐标原点,边BO在x轴的负半
轴上,cos∠BOC=,顶点C的坐标为(a,4),反比例函数y=的图象与菱形对角线
AO交于D点,连接BD,当BD⊥x轴时,k的值是 ﹣ .
【分析】先求出OC=5,再利用菱形的性质得到AC=OB=OC=5,AC∥OB,则B(﹣
5,0),A(﹣8,4),接着利用待定系数法确定直线OA的解析式为y=﹣x,则可确定
D(﹣5,),然后把D点坐标代入y=中可得到k的值.
【解答】解:过点C作CE⊥x轴于点E,
∵顶点C的坐标为(a,4),
∴OE=﹣a,CE=4,
∵cos∠BOC==
∴OE=3,CO=5,
∵四边形OBAC为菱形,
∴AC=OB=OC=5,AC∥OB,
∴B(﹣5,0),A(﹣8,4),
设直线OA的解析式为y=mx,
把A(﹣8,4)代入得﹣8m=4,解得m=﹣,
∴直线OA的解析式为y=﹣x,
当x=﹣5时,y=﹣x=,
即D(﹣5,),
把D(﹣5,)代入y=中,
∴k=﹣5×=﹣
故答案为﹣.
,
,
16.如图,在Rt△ABC中,∠C=90°,∠B=30°,AC=4,BC=,点D是BC的中
点,点E是边AB上一动点,沿DE所在直线把△BDE翻折到△B'DE的位置,B'D交AB
于点F.若△AB'F为直角三角形,则AE的长为 6或 .
【分析】分两种情形:①当∠AFB′=90°时.由直角三角形的性质得出AB=2AC=8,
求出BD=CD=BC=2,由折叠的性质得:∠BFD=90°,B'E=BE,证明BE=DE
=,解得:BF=3,设BE=DE=x,在Rt△EDF=B'E,证出△BDF∽△BAC,得出
中,DE=2EF,得出方程x=2( 3﹣x),解方程即可;
②当∠AB′F=90°时,作EH⊥AB′交AB′的延长线于H.设AE=x.证明Rt△ADC
≌Rt△ADB′(HL),得出AC=AB′=4,在Rt△EHB′中,B′H=B′E=(8﹣x),
EH=B′H=(8﹣x),在Rt△AEH中,由勾股定理得出方程,解方程即可.
【解答】解:①如图1中,当∠AFB′=90°时.
在Rt△ABC中,∵∠B=30°,AC=4,
∴AB=2AC=8,
∵BD=CD,
∴BD=CD=BC=2,
由折叠的性质得:∠BFD=90°,B'E=BE,
∴∠BDF=60°,
∴∠EDB=∠EDF=30°,
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